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高考数学函数与方程思想复习
1 考点回顾
函数思想在解题中的应用主要表现在两个方面：一是借助有关初等函数的性质，解有关求值、解(证)不等式、解方程以及讨论参数的取值范围等问题：二是在问题的研究中，通过建立函数关系式或构造中间函数，把所研究的问题转化为讨论函数的有关性质，达到化难为易，化繁为简的目的。函数与方程的思想是中学数学的基本思想，也是历年高考的重点。
1．函数的思想，是用运动和变化的观点，分析和研究数学中的数量关系，建立函数关系或构造函数，运用函数的图像和性质去分析问题、转化问题，从而使问题获得解决。
2．方程的思想，就是分析数学问题中变量间的等量关系，建立方程或方程组，或者构造方程，通过解方程或方程组，或者运用方程的性质去分析、转化问题，使问题获得解决。方程思想是动中求静，研究运动中的等量关系；
3．函数方程思想的几种重要形式
(1)函数和方程是密切相关的，对于函数y＝f(x)，当y＝0时，就转化为方程f(x)＝0，也可以把函数式y＝f(x)看做二元方程y－f(x)＝0。
(2)函数与不等式也可以相互转化，对于函数y＝f(x)，当y＞0时，就转化为不等式f(x)＞0，借助于函数图像与性质解决有关问题，而研究函数的性质，也离不开解不等式；
(3)数列的通项或前n项和是自变量为正整数的函数，用函数的观点处理数列问题十分重要；
(4)函数f(x)＝(1 x)^n (n∈N*)与二项式定理是密切相关的，利用这个函数用赋值法和比较系数法可以解决很多二项式定理的问题；
(5)解析几何中的许多问题，例如直线和二次曲线的位置关系问题，需要通过解二元方程组才能解决，涉及到二次方程与二次函数的有关理论；
(6)立体几何中有关线段、角、面积、体积的计算，经常需要运用布列方程或建立函数表达式的方法加以解决。
2 经典例题剖析
(根据近几年高考命题知识点及热点做相应的试题剖析，要求例题不得少于8个)
1. (湖北卷)关于x的方程(x2－1)2－|x2－1|＋k＝0，给出下列四个命题：
①存在实数k，使得方程恰有2个不同的实根；
②存在实数k，使得方程恰有4个不同的实根；
③存在实数k，使得方程恰有5个不同的实根；
④存在实数k，使得方程恰有8个不同的实根.
其中假命题的个数是( ).
A. 0 B. １ C. ２ D. ４
解析：本题是关于函数、方程解的选择题，考查换元法及方程根的讨论，属一题多选型试题，要求考生具有较强的分析问题和解决问题的能力.
思路分析：
1. 根据题意可令｜x2－1｜＝t(t≥0)，则方程化为t2－t＋k＝0，(*)
作出函数t＝｜x2－1｜的图象，结合函数的图象可知①当t＝0或t＞1时，原方程有两上不等的根，②当0＜t＜1时，原方程有4个根，③当t＝1时，原方程有3个根.
(1)当k＝－2时，方程(*)有一个正根t＝2，相应的原方程的解有2个；
(2)当k＝时，方程(*)有两个相等正根t＝，相应的原方程的解有4个；
(3)当k＝0时，此时方程(*)有两个不等根t＝0或t＝1，故此时原方程有5个根；
(4)当0＜k＜时，方程(*)有两个不等正根，且此时方程(*)有两正根且均小于1，故相应的满足方程|x2－1|＝t的解有8个，故选A.
2. 由函数f(x)＝(x2－1)2－|x2－1|的图象(如下图)及动直线g(x)＝k可得出答案为A.
3. 设t＝|x2－1|(t≥0)，t2－t＋k＝0，方程的判别式为Δ＝1－4k，由k的取值依据Δ＞0、△＝0、△＜0从而得出解的个数.
4. 设函数f(x)＝  ，利用数轴标根法得出函数与x轴的交点个数为5个，以及函数的单调性大体上画出函数的图象，从而得出答案A.
答案：A
点评：思路1、思路2、思路4都是利用函数图象求解，但研究的目标函数有别，思路2利用函数的奇偶性以及交轨法直观求解，很好地体现了数形结合的数学思想，是数形结合法中值得肯定的一种方法；思路3利用方程的根的个数问题去求解，但讨论较为复杂，又是我们的弱点，有利于培养我们思维的科学性、严谨性、抽象性、逻辑推理能力等基本素质.
2. (广东卷)已知等差数列共有10项，其中奇数项之和为15，偶数项之和为30，则其公差是( ).
Ａ. 5 Ｂ. 4 Ｃ. 3 Ｄ. 2
解析：设等差数列的首项为a1，公差为d据题意得： 
答案：C
点评：运用等差、等比数列的基本量(a1，d，q)列方程，方程组是求解数列基本问题的通法.
3. (安徽卷)已知  ＜α＜π，tanα＋cotα＝－  .
(１)求tanα的值；
(２)求  的值.
解析：(１)由tanα＋cotα＝－得3tan2α＋10tanα＋3＝0，即tanα＝－3或tanα＝－，
又＜α＜π，所以tanα＝－=为所求.
答案：
点评：第(１)问是对方程思想方法灵活考查，能否把条件tanα＋cotα＝－变形为关于tanα的一元二次方程，取决于解题的目标意识和是否对方程思想方法的深刻把握和理解.
4. (江西卷)若不等式x2＋ax＋1≥0对于一切x∈(０，］成立，则a的最小值是( ).
Ａ. ０ Ｂ. －２ Ｃ. － Ｄ. －３
解析：与x2＋ax＋1≥0在Ｒ上恒成立相比，本题的难度有所增加.
思路分析：
１. 分离变量，有a≥－(x＋)，x∈(０，］恒成立.右端的最大值为－，故选Ｃ.
2. 看成关于a的不等式，由f(0)≥0，且f()≥0可求得a的范围.
3. 设f(x)＝x2＋ax＋1，结合二次函数图象，分对称轴在区间的内外三种情况进行讨论.
4. f(x)＝x2＋1，g(x)＝－ax，则结合图形(象)知原问题等价于f()≥g()，即a≥－.
5. 利用选项，代入检验，Ｄ不成立，而Ｃ成立.故选Ｃ.
答案：Ｃ
点评：思路１～４具有函数观点，可谓高屋建瓴.思路５又充分利用了题型特点.
5. (全国卷Ⅱ)已知抛物线x2＝4y的焦点为Ｆ，Ａ、Ｂ是抛物线上的两动点，且  (λ＞0).过A、B两点分别作抛物线的切线，设其交点为M.
(1)证实  为定值；
(2)设△ABM的面积为S，写出S＝f(λ)的表达式，并求S的最小值.
解：(1)证实：由已知条件，得F(0，1)，λ＞0.设A(x1，y1)，B(x2，y2).由 ，得(－x1，1－y1)＝λ(x2，y2－1)，
即  将①式两边平方并把  代入得  ③
解②、③式得y1＝λ，y2＝，且有x1x2＝－λx22＝－4λy2＝－4，抛物线方程为y＝x2，求导得y′＝x.所以过抛物线上A、B两点的切线方程分别是y＝x1(x－x1)＋y1，y＝x2(x－x2)＋y2，
即  .
解出两条切线的交点M的坐标为  ，
所以  ＝  .
所以 为定值，其值为0.
(2)由(1)知在△ABM中，FM⊥AB，因而S＝|AB| |FM|.
|FM|＝  ＝ 
＝  ＝  ＝  .
因为|AF|、|BF|分别等于A、B到抛物线准线y＝－1的距离，所以|AB|＝|AF|＋|BF|＝y1＋y2＋2＝λ＋＋2＝( )2.
于是S＝|AB| |FM|＝( )3由 ≥2知S≥4，且当λ＝1时，S取得最小值4.
点评：在解析几何中考查三角形面积最值问题是高考的重点和热点，求解的要害是建立面积的目标函数，再求函数最值，至于如何求最值应视函数式的特点而定，本题是用均值定理求最值的.
6. 设f(x)，g(x)分别是定义在Ｒ上的奇函数和偶函数，当x＜0时，f′(x)·g(x)＋f(x)·g′(x)＞０，且g(－３)＝０，则不等式f(x)g(x)＜0的解集是( ).
Ａ. (－3，0)∪(3，＋∞) Ｂ. (－3，0)∪(0，3)
Ｃ. (－∞，－３)∪(3，＋∞) Ｄ. (－∞，－３)∪(０，３)
解析：以函数为中心，考查通性通法，设Ｆ(x)＝f(x)g(x)，由f(x)，g(x)分别是定义在R上的奇函数和偶函数，所以
F(－x)＝f(－x)g(－x)＝－f(x)g(x)＝－F(x)，
即F(x)为奇函数.又当x＜0时，
F′(x)＝f ′(x)g(x)＋f(x)g′(x)＞0，
所以x＜0时，F(x)为增函数.
因为奇函数在对称区间上的单调性相同，所以x＞0时，F(x)也为增函数.
因为F(－3)＝f(－3)g(－3)＝0＝－F(3).
如上图，是一个符合题意的图象，观察知不等式F(x)＜0的解集是(－∞，－３)∪(０，３)，所以选D.
答案：D
点评：善于根据题意构造、抽象出函数关系式是用函数思想解题的要害.题中就是构建函数F(x)＝f(x)g(x)，再根据题意明确该函数的性质，然后由不等式解集与函数图象间的关系使问题获得解决的.
7. 函数f(x)是定义在［０，１］上的增函数，满足f(x)＝２f()且f(１)＝１，在每一个区间(  ］(i＝１，２……)上，y＝f(x)的图象都是斜率为同一常数k的直线的一部分.
(1) 求f(０)及f()，f()的值，并归纳出f(  )(i＝１，２，……)的表达式；
(２)设直线x＝ ，x＝  ，x轴及y＝f(x)的图象围成的梯形的面积为ai(i＝１，２，……)，记Ｓ(k)＝(a1＋a2＋…an)，求Ｓ(k)的表达式，并写出其定义域和最小值.
解析：以函数为细节，注重命题结构网络化，(１)由f(0)＝２f(０)，得f(０)＝０.
由f(１)＝２f()及f(１)＝１，得
f()＝f(１)＝.
同理，f()＝f()＝.
归纳得f( )＝ (i＝１，２，……).
(２)当 ＜x≤ =时，
所以｛an｝是首项为(１－)，公比为的等比数列，所以   .
Ｓ(k)的定义域为｛k|0＜k≤1｝，当k＝1时取得最小值.
点评：高考命题寻求知识网络化已是大势所趋，而函数是把各章知识组合在一起的最好的“粘合剂”.高考试题注重知识的联系，新而不偏，活而不怪.这样的导向，就要求在学习中必须以数学思想指导知识、方法的运用，注重培养我们用联系的观点去思考问题的习惯.
8. 对任意实数k，直线：y＝kx＋b与椭圆：  (0≤θ＜2π)恒有公共点，则b取值范围是 .
解析：方法１，椭圆方程为  ，将直线方程y＝kx＋b代入椭圆方程并整理得  .
由直线与椭圆恒有公共点得
化简得 
由题意知对任意实数k，该式恒成立，
则Δ′＝12(b－1)2－4［１６－(b－1)2］≤0，
即－１≤b≤３
方法２，已知椭圆 与y轴交于两点(０，－１)，(０，３).
对任意实数k，直线：y＝kx＋b与椭圆恒有公共点，则(０，b)在椭圆内(包括椭圆圆周)即有  ≤1，得－1≤b≤3.
点评：方法１是运用方程的思想解题，这是解析几何变几何问题为代数问题的方法.方法２运用数形结合的思想解题，是相应的变代数问题为几何问题的方法.高考试题中设置一题多解的试题就是为了考查学生思维的深度和灵活运用数学思想方法分析问题和解决问题的能力.评判出能力与素养上的差异.
3 方法总结与2008年高考猜测
(一)方法总结
1．函数描述了自然界中量的依存关系，反映了一个事物随着另一个事物变化而变化的关系和规律。函数思想的实质是剔除问题的非数学特征，用联系和变化的观点提出数学对象，抽象其数学特征，建立函数关系；
2．在解决某些数字问题时，先设定一些未知数，然后把它们当作已知数，根据题设本身各量间的制约，列出等式，所设未知数沟通了变量之间的关系，这就是方程的思想；
3．函数与方程是两个不同的概念，但它们之间有着密切的联系，一个函数若有解析表达式，那么这个表达式就可看成是一个方程．一个二元方程，两个变量存在着对应关系，假如这个对应关系是函数，那么这个方程可以看成是一个函数，一个一元方程，它的两端可以分别看成函数，方程的解即为两个函数图象交点的横坐标，因此，许多有关方程的问题可以用函数的方法解决；反之，许多有关函数的问题则可以用方程的方法解决．
总之，在复习中要注重领悟蕴含在知识和解题过程中函数和方程的思想，用它来指导解题。在解题中，同时要注重从不同的角度去观察探索，寻求多种方法，从而得到最佳解题方案。
(二)2008年高考猜测
1. 纵观近几年的高考试题，函数的主干知识、知识的综合应用以及函数与方程思想等数学思想方法的考查，一直是高考的重点内容之一。在高考试卷上，与函数相关的试题所占比例始终在20%左右，且试题中既有灵活多变的客观性试题，又有一定能力要求的主观性试题。函数与方程思想是最重要的一种数学思想，高考中所占比重比较大，综合知识多、题型多、应用技巧多。在高中新课标数学中，还安排了函数与方程这一节内容，可见其重要所在。
2. 在近几年的高考中，函数思想主要用于求变量的取值范围、解不等式等，方程观点的应用可分为逐步提高的四个层次：(1)解方程；(2)含参数方程讨论；(3)转化为对方程的研究，如直线与圆、圆锥曲线的位置关系，函数的性质，集合关系；(4)构造方程求解。
3. 猜测2008年高考对本讲考查趋势：函数的零点问题、二次函数、二次方程、二次不等式间的关系；非凡注重客观形题目，大题一般难度略大。
4 强化练习
5 选择题
1. 已知函数f(x)＝loga［－(2a)x］对任意x∈［，＋∞］都有意义，则实数a的取值范围是( ).
Ａ. (０，］ Ｂ. (０，) Ｃ. ［，１) Ｄ. (，)
2. 函数f(x)定义域为Ｒ，且x≠1，已知f(x＋1)为奇函数，当x＜1时，f(x)＝2x2－x＋1，那么当x＞1时，f (x)的递减区间为( ).
Ａ. ［  ，＋∞) Ｂ. (１， ］
Ｃ. ［  ，＋∞) Ｄ. (１， ］
3. 已知f(x)＝asinx＋b  ＋４(a，b∈R)，且f(lglog310)＝5，则f(lglg3)的值是( ).
Ａ. －５ Ｂ. －３ Ｃ. ３ Ｄ. ５
４. 设Ｐ(x，y)是椭圆x2＋4y2＝４上的一个动点，定点Ｍ(１，０)，则|ＰＭ|2的最大值是( ).
Ａ. Ｂ. １ Ｃ. ３ Ｄ. ９
5. 已知x、y∈R，且2x＋3y＞2－y＋3－x，那么( ).
Ａ. x＋y＜0 Ｂ. x＋y＞0 Ｃ. xy＜0 Ｄ. xy＞0
6. 已知  ＝１(a，b，c∈Ｒ)，则有( ).
Ａ. b2＞4ac Ｂ. b2≥4ac Ｃ. b2＜4ac Ｄ. b2≤4ac
７. 对任意非负实数x，不等式(  －  )· ≤a恒成立，则实数a的最小值是( ).
Ａ. Ｂ. ２ Ｃ. Ｄ.
8. 三棱锥Ｓ－ＡＢＣ中，对棱ＳＡ与ＢＣ互相垂直，二面角Ｓ－ＢＣ－Ａ的平面角为６０°，ＳＡ＝  ，△ＳＢＣ的面积为２＋，△ＡＢＣ的面积为１，则三棱锥Ｓ－ＡＢＣ的体积为( ).
Ａ. 6 Ｂ. ４ Ｃ. Ｄ.
9. (重庆卷)与向量a＝(，)，b＝(，－)的夹角相等，且模为１的向量是( ).
Ａ.  Ｂ. 
Ｃ.  Ｄ. 
10. (安徽卷)设a＞0，对于函数f(x)＝  (0＜x＜π)，下列结论正确的是( ).
Ａ. 有最大值而无最小值 Ｂ. 有最小值而无最大值
C. 有最大值且有最小值 Ｄ. 既无最大值又无最小值
11. 方程lgx＋x＝3的解所在的区间为_____。
A. (0,1) B. (1,2) C. (2,3) D. (3,＋∞)
12. f(x) 定义在R上的函数，f(x＋1)＝－  ,当x∈[－2,－1]时，f(x)＝x,则f(－3.5)为
A.－0.5 B.－1.5 C.1.5 D.－3.5
2 填空题
13. 假如y＝1－sin2x－mcosx的最小值为－４，则m的值为 .
14. 关于x的不等式２·３２x－3x＋a2－a－3＞0，当0≤x≤1时恒成立，则实数a的取值范围为 .
15. 设f(x)是偶函数，g(x)是奇函数，且f(x)＋g(x)＝ex＋1，则f(x)＝ .
16. 已知矩形ＡＢＣＤ的边ＡＢ＝ａ，ＢＣ＝２，PA⊥平面ＡＢＣＤ，ＰＡ＝２，现有以下五个数据：
(１)a＝； (２)a＝1； (３)a＝； (４)a＝2； (５)a＝4当在ＢＣ边上存在点Ｑ，使ＰＱ⊥ＱＤ时，则a可以取 .(填上一个正确的数据序号即可)
3 解答题
17. 设集合A＝｛x|4x－2x＋2＋a＝0，x∈R｝.
(１)若Ａ中仅有一个元素，求实数a的取值集合Ｂ；
(２)若对于任意a∈B，不等式x2－6x＜a(x－2)恒成立，求x的取值范围.
18. 已知二次函数f(x)＝ax2＋bx(a，b为常数，且a≠0)满足条件：f(x－１)＝f(３－x)且方程f(x)＝２x有等根.
(１)求f(x)的解析式；
(２)是否存在实数m，n(m＜n)，使f(x)定义域和值域分别为［m，n］和［4m，4n］，假如存在，求出m、n的值；假如不存在，说明理由.
19. 已知函数f(x)＝6x－6x2，设函数g1(x)＝f(x)，g2(x)＝f［g1(x)］，g3(x)＝f［g2(x)］，…，gn(x)＝f［gn－1(x)］，……
(１)求证：假如存在一个实数x0，满足g1(x0)＝x0，那么对一切n∈N，gn(x0)＝x0都成立；
(２)若实数x0满足gn(x0)＝x0，则称x0为稳定不动点，试求出所有稳定不动点；
(３)设区间Ａ＝(－∞，０)，对于x∈Ａ，有g1(x)＝f(x)＝a＜0，g2(x)＝f［g1(x)］＝f(0)＜０，且n≥2时，gn(x)＜0.试问是否存在区间Ｂ(Ａ∩Ｂ≠Φ)，对于区间内任意实数 x，只要n≥2，n∈N，都有gn(x)＜０．
20. 已知函数f(x)＝－(a＞0，x＞0).
(1)求证：f(x)在(0，＋∞)上是增函数；
(2)若f(x)≤2x在(0，＋∞)上恒成立，求a的取值范围；
(3)若f(x)在［m，n］上的值域是［m，n］(m≠n)，求a的取值范围.
21. 已知数列｛an｝各项都是正数，且满足a0＝1，an＋1＝an(４－an)，n∈N.证实：an＜an＋1＜2，n∈N.
22. 给定抛物线Ｃ∶y2＝4x，Ｆ是Ｃ的焦点，过点Ｆ的直线l与Ｃ相交于Ａ，Ｂ两点.
(１)设l的斜率为１，求  与  的夹角的大小；
(２)设  ＝  ，若λ∈［４，９］，求l在y轴上的截距的变化范围.
4 创新试题
23. 若(1－2x)2004＝a0＋a1x＋a2x2＋…＋a2004x2004(x∈R)，则(a0＋a1)＋(a0＋a2)＋(a0＋a3)＋…＋(a0＋a2004)＝ (用数字作答).
24. 设函数f(x)＝－  (x∈R)，区间M＝［a，b］(a＜b)，集合Ｎ＝｛y|y＝f(x)，x∈M｝，则使Ｍ＝Ｎ成立的实数对(a，b)有( ).
Ａ. ０个 Ｂ. １个 Ｃ. ２个 Ｄ. 无数多个
解析答案：
1. 解：考查函数y1＝  和y2＝(2a)x的图象，显然有0＜2a＜1.由题意  得a＝  ，再结合指数函数图象性质可得答案.答案：B.
2. 解：由题意可得f(－x＋1)＝－f(x＋1).令t＝－x＋1，则x＝1－t，故f(t)＝－f(2－t)＝－f(2－x).
当x＞1，2－x＜1，于是有f(x)＝－f(2－x)＝－2(x－  )2 －  ，其递减区间为［ ，＋∞).答案：Ｃ
3. 解：因为f(x)－４是奇函数，故f(－x)－４＝－［f(x)－４］，即f(－x)＝－f(x)＋８，而lglg3＝－lglg310，∴ f(lglg3)＝f(－lglg310)＝－(lglg310)＋8＝－5＋8＝3.
故选Ｃ.
４. 解： ＝  .
注重到－2≤x≤2.
∴ 当x＝－2时，|PM|2max＝9.故选Ｄ.
５. 解：已知不等式的两边都含有x、y两个变量，而我们目前只学习一元函数，为此先把它化归成等价形 式2x－3－x＞2－y－3y，使它的两边都只含一个变量，于是可以构造辅助函数f(x)＝2x－3－x.因函数g(x)＝2x是Ｒ上的增函数，h(x)＝3－x＝(  )x是Ｒ上的减函数，所以，  ＝－３－x是Ｒ上的增函数，因此，f(x)＝２x－3－x是Ｒ上的增函数.
又由2x－3－x＞2－y－3 －(－y)，即f(x)＞f(－y).
∴ x＞－y，即x＋y＞0.故选Ｂ.
6. 解法１：依题设有a·5－b·＋c＝0.
∴ 是实系数一元二次方程ax2－bx＋c＝0的一个实根.
∴ Δ＝b2－4ac≥0.∴ b2≥4ac.故选Ｂ.
解法２：其实本题也可用消元的思想求解.
依题设得，b＝  .
∴ b2－4ac＝( )2－４ac
＝5a2＋c2－2ac≥2ac－2ac＝0.故选Ｂ.
7. 解：问题  a≥  对x≥0恒成立.
记f(x)＝ (x≥0).则问题 a≥f(x)max.
当x＝0时，f(x)＝０；
当x＞0时，f(x)＝  ，显然f(x)在(０，＋∞)上是增函数. ∴ 0＜f(x)＜.
 .
故a≥.即a的最小值为，故选A.
8. 解：过S作SH⊥底面ABC，H为垂足，连接AH并延长交BC于D，再连接SD(如图).
∵ SH⊥底面ABC，HD是斜线SA在底面ABC内的射影，
又SA⊥BC，∴ AD⊥BC，
∴ SD⊥BC，因此∠SDA就是二面角S－BC－A的平面角，即∠SDA＝60°.
设SD＝x，则S△SBC＝  BC·x＝2＋  ， ①
又S△ABC＝ BC·AD＝1. ②
由②÷①，即可解得AD＝(2－  )x.
在△SAD中，SA＝  ，∠SDA＝60°，由余弦定理得关于x的方程.
( )2＝x2＋［(2－ )x］2－2x·(2－ )x·，解得x＝ .
于是，在Ｒt△SHD中，SH＝ＳＤ·sin60°＝，
∴ VS－ABC＝S△ABC·ＳＨ＝.故选C.
9. 解析：本题涉及单位向量、共线向量、向量的夹角等知识，解题的入口较宽，可从方程、解析几何、复数及向量运算的几何意义等角度入手，对练习我们思维的广阔性有帮助.
思路分析：
1. 设所求向量为(x，y)，则由向量模的定义与夹角公式可得 解得该方程组可知答案为Ｂ.
2. 设  ＝a，  ＝b，则可借助直线的夹角公式求得∠AOB的平分线所在直线方程为y＝－  x，再由 ＝1可知答案为Ｂ.
3. 在复平面上，向量a，b分别对应于复数z1＝＋i，z2＝－i，因为z1＝z2·i，故所求向量对应的复数为z2·  或  ，化简后可知答案选Ｂ.
4. 轻易知道符合题意的向量有两个，所以先排除选项Ａ和选项Ｃ，由于a，b的模相等，故所求向量应与a＋b＝(４，－３)共线，从而答案选Ｂ.
答案：Ｂ
点评：思路１运用了方程思想；思路２用的是解析几何知识；思路３借助了复数运算；思路４最为巧妙，采用了特征分析法并灵活运用了向量运算的几何意义.
10. 解析：令t＝sinx，t∈(０，１］，则函数f(x)＝  (0＜x＜π)的值域为函数y＝1＋  ，t∈(０，１］是一个减函数，
答案：Ｂ
点评：本题将三角函数的值域问题转化为一般函数的值域问题，既考查了等价转化的思想方法，又考查了用函数思想解决问题的能力.
11. 图像法解方程，也可代入各区间的一个数(特值法或代入法)，选C
12. B
13. 解：原式化为  .
当  ，
当－1≤  ≤1时，ymin＝  ＝－4  m＝±4 不符，
当 ＞1，ymin＝１－m＝－4 m＝5.答案：±５.
14. 解：设t＝3x，则t∈［１，３］，原不等式可化为a2－a－3＞－2t2＋t，t∈［１，３］.等价于a2－a－3大于f (t)＝－2t2＋t在［１，３］上的最大值.
答案：(－∞，－１)∪(２，＋∞).
15. 答案：f(x)＝  ，
提示：构造f(x)与g(x)的方程组.
16. (１)或(２).
17. (１)令2x＝t(t＞0)，设f(t)＝t2－4t＋a.
由f(t)＝０，在(０，＋∞)有且仅有一根或两相等实根，则有
①f(t)＝０有两等根时，Δ＝０ １６－４a＝0 a＝4；
验证：t2－4t＋4＝0 t＝2∈(０，＋∞)，这时x＝1；
②f(t)＝0有一正根和一负根时，f(０)＜0 a＜0；
③若f(0)＝０，则a＝0，此时4x－4·2x＝0 2x＝0(舍去)，或2x＝4，∴ x＝2，即Ａ中只有一个元素2；
综上所述，a≤0或a＝4，即Ｂ＝｛a|a≤0或a＝4｝.
(２)要使原不等式对任意a∈(－∞，０］∪｛４｝恒成立.即g(a)＝(x－2)a－(x2－6x)＞0恒成立.只须  x－2≤0g 5－  ＜x≤2.
18. 解：(１)∵ 方程ax2＋bx＝2x有等根，
∴ Δ＝(b－2)2＝0，得b＝2.
由f(x－1)＝f(3－x)知此函数图象的对称轴方程为x＝－  ＝1得a＝－1，故f(x)＝－x2＋2x.
(2)f(x)＝－(x－1)2＋1≤1，∴ 4n≤1，即n≤.
而抛物线y＝－x2＋2x的对称轴为x＝1.
∴ n≤时，f(x)在［m，n］上为增函数.
若满足题设条件的m，n存在，则 
又m＜n≤，∴ m＝－2，n＝0.
19.(１)证实：当n＝1时，g1(x0)＝x0显然成立；
假设n＝k时，有gk(x0)＝x0(k∈N)成立，
则gk＋1(x0)＝f［gk(x0)］＝f(x0)＝g1(x0)＝x0，
即n＝k＋1时，命题成立.
∴ 对一切n∈N，若g1(x0)＝x0，则gn(x0)＝x0.
(２)解：由(１)知，稳定不动点x0只需满足
f(x0)＝x0.由f(x0)＝x0，得6x0－  ＝x0，
∴ x0＝0或x0＝.
∴ 稳定不动点为０和.
(３)解：∵ f(x)＜0，得6x－6x2＜0 x＜0或x＞1.
∴ gn(x)＜0 f［gn－1(x)］＜0 gn－1(x)＜0或gn－1(x)＞1.
要使一切n∈N，n≥2，都有gn(x)＜0，必须有g1(x)＜0或g1(x)＞1.
由g1(x)＞0 6x－6x2＞1  ＜x＜  .故对于区间( ， )和(１，＋∞)内的任意实数x，只要n≥2，n∈N，都有gn(x)＜0.
20. (１)证实：任取x1＞x2＞0，
f(x1)－f(x2)＝  ，
故f(x)在(０，＋∞)上是增函数.
(２)解：∵  ≤2x在(0，＋∞)上恒成立，且a＞0，∴ a≥  在(0，＋∞)上恒成立，令g(x)＝  (当且仅当2x＝即x＝时取等号)，要使a≥ (0，＋∞)上恒成立，则a≥，故a的取值范围是［，＋∞).
(３)解：由(１)f(x)在定义域上是增函数.
∴ m＝f(m)，n＝f(n)，即m2－  m＋1＝0，n2－ n＋1＝0.故方程x2－ x＋1＝0有两个不相等的正根m，n，注重到m·n＝１，则只需要Δ＝( )2－4＞0，由于a＞0，则0＜a＜.
21. 这是一个以递推公式为背景的数列不等式，但是把递推公式看作一个函数，就可以获得一种很简单的解法.
解：方法１：把an＋1＝an(4－an)，n∈N.看作一个函数f(x)＝x(4－x)，由此启发得ak＋1＝ak(4－ak)＝［４－(ak－2)2］＝－(ak－2)2＋2＜2.
于是ak＜2，又因为ak＋1－ak＝－  ＋2ak－ak＝－ak(ak－2)＞0，所以ak＋1＞ak，所以有an＜an＋1＜2，n∈N；
方法２：用数学归纳法证实：
１°当n＝1时，a0＝1，a1＝a0(4－a0)＝，
∴ 0＜a0＜a1＜2；
２°假设n＝k时有ak－1＜ak＜2成立，
令f(x)＝x(4－x)，f(x)在［０，２］上单调递增，
所以由假设有：f(ak－1)＜f(ak)＜f(2)，
即ak－1(4－ak－1)＜ak(4－ak)＜×2×(４－２)，
即当n＝k＋1时ak＜ak＋1＜2成立，
所以对一切n∈N，有ak＜ak＋1＜2.
22. 解：(１)Ｃ的焦点为Ｆ(１，０)，直线l的斜率为１，所以l的方程为y＝x－1.
将y＝x－1代入方程y2＝4x，
整理得x2－6x＋1＝0.
设Ａ(x1，y1)，Ｂ(x2，y2)，则有x1＋x2＝6，x1x2＝1.
 .
所以  与  的夹角的大小为π－arccos  .
(２)由题设  得(x2－1，y2)＝λ(1－x1，－y1)，
即 
由②得 
∴  ， ③
联立①、③解得x2＝λ，依题意有λ＞0.
∴ B(λ，  )，或B(λ，－ )，又F(1，0)，得直线l方程为(λ－1)y＝ (x－1)或(λ－1)y＝－ (x－1)，
当λ∈［４，９］时，l在方程y轴上的截距为  或－，把 看作函数，设g(λ)＝ ，λ∈［４，９］，  ，可知g(λ)＝ 在［４，９］上是递减的(或用导数g′(λ)＝－  ＜0，证实g(λ)是减函数).
∴  ，
即直线l在y轴上截距的变化范围为
 .
23. 解析：以函数为发散点，各种数学思想和方法综合运用，令x＝0，得a0＝1，令x＝1得a0＋a1＋a2＋…＋a2004＝1，
所以a1＋a2＋…＋a2004＝0.
(a0＋a1)＋(a0＋a2)＋(a0＋a3)＋…＋(a0＋a2004)＝2004a0＋(a1＋a2＋…＋a2004)＝2004.
点评：此题推陈出新考查二项式定理，可应用二项展开式定理展开求出a1，a2，…然后求和去做，但运算量大，十分麻烦，且易出错.假如用函数思想和整体性思想看问题，视(1－2x)2004为以x为自变量的一元多项式函数f(x)，把离散的问题转化为连续的问题，利用赋非凡值法，可以使问题的解法变得十分巧妙.
24. 解析：以函数为载体，考查综合推理和创新能力函数
f(x)＝ － 
图象如下图所示，
y＝f(x)在Ｒ上是连续单调递减函数.
N＝｛y|y＝f(x)，x∈M｝表示函数定义域为Ｍ＝［a，b］时其值域为Ｎ.由Ｍ＝Ｎ得  解得a＝b＝0，这与a＜b矛盾，所以选Ａ.
答案：Ａ
点评：本题考查了函数的解析式、单调性和函数的定义域、值域与集合等知识.解题过程是由定义域与值域相等的特性建立方程，考查方程的思想和创新能力.
五、复习建议
1. 以《课程标准》为依据，提高复习效率, 切实重视基础知识、基本技能和基本方法的复习.
2. 加强“通性通法”练习，综合提高解题能力，逐渐形成自觉应用数学思想方法解题的意识。
3. 以思维能力为核心，培养学生综合运用知识的能力.
4. 重视反思，尽量减少失误.
5. 注重学生个性品质的培养。 通过综合检测与模拟考试，让学生形成审慎思维的习惯，培养学生的应变能力和良好的心理品质，距离高考越来越近，学生的思想压力和心理压力更大，要让他们以实事求是的科学态度，克服过分的紧张情绪，树立战胜困难的信心，使学生在任何情况下都能正确地面对困难、迎接挑战。
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